（2013?滨湖区二模）如图，在矩形ABCD中，AB=3，BC=4．动点P从点A出发沿AC向终点C运动，同时动点Q从点B出

（1）∵四边形ABCD是矩形，
∴∠ABC=90°，
在Rt△ABC中，由勾股定理得：AC＝

AB2+BC2

＝5；

（2）如图1，

过点P作PH⊥AB于点H，AP=t，AQ=3-t，
则∠AHP=∠ABC=90°，
∵∠PAH=∠CAB，
∴△AHP∽△ABC，
∴

AP

AC

=

PH

BC

，
∵AP=t，AC=5，BC=4，
∴PH=

4

5

t，
∴S=

1

2

?（3-t）?

4

5

t，
即S=-

2

5

t²+

6

5

t，t的取值范围是：0＜t＜3．

（3）①如图2，

∵线段PQ的垂直平分线为l经过点A，
∴AP=AQ，
∴3-t=t，
∴t=1.5，
∴AP=AQ=1.5，
延长QP交AD于点E，过点Q作QO∥AD交AC于点O，
∴△AQO∽△ABC，
∴

AO

AC

＝

AQ

AB

＝

QO

BC

，
∴AO＝

AQ

AB

?AC＝

5

2

，OQ＝

AQ

AB

?BC＝2，
∴PO=AO-AP=1，
∵OQ∥BC∥AD，
∴△APE∽△OPQ，
∴

AE

OQ

＝

AP

OP

，
∴AE＝

AP

OP

?OQ＝3．

②如图③，
（i）当点Q从B向A运动时l经过点B，
BQ=BP=AP=t，∠QBP=∠QAP，
∵∠QBP+∠PBC=90°，∠QAP+∠PCB=90°
∴∠PBC=∠PCB，
∴CP=BP=AP=t
∴CP=AP=

1

2

AC=

1

2

×5=2.5，
∴t=2.5；
（ⅱ）如图4，当点Q从A向B运动时l经过点B，

BP=BQ=3-（t-3）=6-t，AP=t，PC=5-t，
过点P作PG⊥CB于点G，
则PG∥AB，
∴△PGC∽△ABC，
∴

PC

AC

＝

PG

AB

＝

GC

BC

，
∴PG=

PC

AC

?AB=

3

5

（5-t），CG=

PC

AC

?BC=

4

5

（5-t），
∴BG=4-

4

5

(5?t)=

4

5

t
由勾股定理得BP²=BG²+PG²，即(6?t)2＝(

4

5

t)2+[

3

5

(5?t)]2，
解得t＝

45

14

．